2.6: Algunas técnicas para evaluar integrales
( \newcommand{\kernel}{\mathrm{null}\,}\)
2.6.1 Cambio de Variable
SiF es una integral def yφ es una función diferenciable, entonces, usando la regla de la cadena,
ddxF(φ(x))=F′(φ(x))φ′(x)=f(φ(x))φ′(x).
Escrito en términos de integrales, tenemos
∫f(φ(x))φ′(x)dx=F(φ(x))+c.
Si dejamosu=φ(x) y notamos que
∫f(u)du=F(u)+c,
podemos expresarnos(2.6.2) como
∫f(φ(x))φ′(x)dx=∫f(u)du.
Es decir, podemos evaluar
∫f(φ(x))φ′(x)dx,
cambiando la variable au=φ(x), conφ′(x)dx devenirdu desde
dudx=φ′(x).
Ejemplo2.6.1
Evaluar
∫2x√1+x2dx,
dejar
u=1+x2du=2xdx.
Entonces
∫2x√1+x2dx=∫√udu=23u32+c=23(1+x2)32+c.
Ejemplo2.6.2
Evaluar
∫xsin(x2)dx,
dejar
u=x2du=2xdx
Tenga en cuenta que en este caso no podemos hacer una sustitución directa deu ydu ya quedu=2xdx no aparece como parte de la integral. Sin embargo,du difierexdx de solo un factor constante, y podemos reescribirdu=2xdx como
12du=xdx.
Ahora podemos realizar el cambio de variable:
∫xsin(u)dx=12∫sin(u)du=−12cos(u)+c=−12cos(x2)+c.
Ejemplo2.6.3
Tenga en cuenta que podríamos evaluar la integral
∫cos(4x)dx
usando la sustitución
u=4xdu=4dx,
lo que nos da
∫cos(4x)dx=14∫cos(u)du=14sin(u)+c=14sin(4x)+c.
Sin embargo, probablemente sea más rápido, y más fácil, adivinar que la integral decos(4x) debe estar cercasin(4x), y luego corregir esta suposición apropiadamente después de señalar que
ddxsin(4x)=4cos(4x).
Ejemplo2.6.4
Evaluar
∫cos2(5x)sin(5x)dx,
dejar
u=cos(5x)du=−5sin(5x)dx.
Entonces
∫cos2(5x)sin(5x)dx=−15∫u2du=−115u3+c=−115cos3(5x)+c.
Consideremos ahora la integral definitiva
∫baf(φ(x))φ′(x)dx.
SiF es una integral def,c=φ(a), yd=φ(b), entonces es∫baf(φ(x))φ′(x)dx=F(φ(x)))ba=F(φ(b))−F(φ(a))=F(d)−F(c)=F(u)|dc=∫dcf(u)du. decir, podemos usar un cambio de variable para evaluar una integral definida de la misma manera que anteriormente, siendo la única diferencia que debemos cambiar los límites de integración para reflejar los valores de la nueva variableu.
Ejemplo2.6.5
Evaluar
∫10x√1+x2dx,letu=1+x2du=2xdx. Tenga en cuenta que cuandox=0,u=1, y cuandox=1,u=2. Por lo tanto∫10x√1+x2dx=12∫211√udu=√u|21=√2−1.
Ejemplo2.6.6
Evaluar
∫π40cos2(2x)sin(2x)dx,letu=cos(2x)du=−2sin(2x)dx.∫π40cos2(2x)sin(2x)dx=−12∫01u2du. Tenga en cuenta que, después de hacer el cambio de variable, el límite superior de integración es menor que el límite inferior de integración, situación no cubierta por nuestra definición de la integral definida o nuestra afirmación del teorema fundamental del cálculo. Sin embargo, el resultado sobre las sustituciones anteriores muestra que obtendremos el resultado correcto si aplicamos el teorema fundamental como de costumbre. Además, esto apunta hacia una extensión de nuestra definición: sib<a, entonces deberíamos tener∫baf(x)dx=−∫abf(x)dx, lo que es consistente tanto con el teorema fundamental del cálculo como con la definición de la integral definida (ya que, sib<a,dx=b−aN<0 por cualquier entero infinito positivoN). Con esto, podemos terminar la evaluación:∫π40cos2(2x)sin(2x)dx=−12∫01u2du=12∫10u2du=u36|10=16.
Ejercicio2.6.1
Evaluar∫3x2√1+x3dx.
- Contestar
-
∫3x2√1+x3dx=23(1+x3)32+c
Ejercicio2.6.2
Evaluar∫x√4+3x2dx.
- Contestar
-
∫x√4+3x2dx=19(4+3x2)32+c
Ejercicio2.6.3
Evaluar∫sec2(3x)tan2(3x)dx.
- Contestar
-
∫sec2(4x)tan2(4x)dx=112tan3(4x)+c
Ejercicio2.6.4
Evaluar∫20x√4+x2dx.
- Contestar
-
∫20x√4+x2dx=2√2−2
Ejercicio2.6.5
Evaluar∫π60sin(3x)dx.
- Contestar
-
∫π20sin(3x)dx=23
Ejercicio2.6.6
Evaluar∫π20sin4(2x)cos(2x)dx.
- Contestar
-
∫π40sin4(2x)cos(2x)dx=110
2.6.2 Integración por Partes
Supongamosu yv son ambas funciones diferenciables dex. Since, por la regla del producto,
ddxuv=udvdx+vdudx,tenemosudvdx=ddxuv−vdudx. Por lo tanto, integrar ambos lados con respecto ax,∫udvdxdx=∫ddxuv−∫vdudx=uv−∫vdudxdx, que podemos escribir como∫udv=uv−∫vdu. Esta última formulación, conocida como integración por partes, es útil siempre que la integral a la derecha de(2.6.10) sea de alguna manera más simple que la integral de la izquierda. Los siguientes ejemplos ilustrarán algunos casos típicos.
Ejemplo2.6.7
Considerar la integral
∫xcos(x)dx.Si dejamosu=x ydv=cos(x)dx, entoncesdu=dx y podemos dejarv=sin(x). Tenga en cuenta que tenemos alguna opciónv ya que el único requisito es que sea una integral decos(x). Uso que(2.6.10), tenemos∫xsin(x)dx=uv−∫vdu=xsin(x)−∫sin(x)dx=xsin(x)+cos(x)+c. Al evaluar una integral definida usando integración por partes, debemos recordar evaluar cada pieza de la integral. Es decir,∫udv=uv|ba−∫bavdu.
Ejemplo2.6.8
Evaluar
∫π0x2sin(x)dx,letu=x2dv=sin(x)dxdu=2xdxv=−cos(x). Entonces, usando(2.6.11),∫π0x2sin(x)dx=−x2cos(x)|π0+∫π02xcos(x)dx=π2+∫π02xcos(x)dx.u=2xdv=cos(x)du=2dxv=sin(x), tenemos∫π0x2sin(x)dx=π2+2xsin(x)|π0−∫π02sin(x)dx=π2+(0−0)+2cos(x)|π0=π2−2−2=π2−4.
Ejemplo2.6.9
Evaluar
∫10x√1+xdx,letu=xdv=√1+xdxdu=dxv=23(1+x)32. Entonces∫10x√1+xdx=23x(1+x)32|10−23∫10(1+x)32dx=4√23−415(1+x)52|10=4√23−16√2−415=4√2+415.
Ejercicio2.6.7
Evaluar∫xsin(2x)dx.
- Contestar
-
∫xsin(2x)dx=−12xcos(2x)+14sin(2x)+c
Ejercicio2.6.8
Evaluar∫x2cos(3x)dx.
- Contestar
-
∫x2cos(3x)dx=13x2sin(3x)+29xcos(3x)−227sin(3x)+c
Ejercicio2.6.9
Evaluar∫π0xcos(12x)dx.
- Contestar
-
∫π0xcos(12x)dx=2π−4
Ejercicio2.6.10
Evaluar∫π203x2cos(x2)dx.
- Contestar
-
∫π203x2cos(x2)dx=−6π
Ejercicio2.6.11
Evaluar∫20x2√1+xdx.
- Contestar
-
∫20x2√1+xdx=264√3−16105
2.6.3 Algunas integrales que involucran funciones trigonométricas
Los siguientes ejemplos ilustrarán cómo diversas identidades son útiles para simplificar algunas integrales que involucran funciones trigonométricas.
Ejemplo2.6.10
Evaluar la integral
∫π0sin2(x)dx,usaremos la fórmula de medio ángulo:sin2(x)=1−cos(2x)2. Entonces∫π0sin2(x)dx=12∫π0(1−cos(2x))dx=12x|π0−14sin(2x)|π0=π2.
También hay una fórmula de medio ángulo para el coseno, a saber,
cos2(x)=1+cos(2x)2.
Como se ilustra en el siguiente ejemplo, podemos usar las fórmulas de medio ángulo recursivamente para evaluar la integral de cualquier potencia par de seno o coseno.
Ejemplo2.6.11
Usando 2.6 .13 dos veces, tenemos
∫π0cos4(3x)dx=∫π0(cos2(3x))2dx=∫π0(12(1+cos(6x)))2dx=14∫π0(1+2cos(6x)+cos2(6x))dx=14x|π0+112sin(6x)|π0+18∫π0(1+cos(12x))dx=π4+18x|π0+196sin(12x)|π0=3π8.
Ejercicio2.6.12
Evaluar∫π0sin2(2x)dx.
- Contestar
-
∫π0sin2(2x)dx=π2
Ejercicio2.6.13
Evaluar∫π0cos2(3x)dx.
- Contestar
-
∫π0cos2(3x)dx=π2
Ejercicio2.6.14
Evaluar∫cos4(x)dx.
- Contestar
-
∫cos4(x)dx=38x+14sin(2x)+132sin(4x)+c
El siguiente ejemplo ilustra una fórmula de reducción.
Ejemplo2.6.12
Supongamos quen≥2 es un entero y queremos evaluar
∫π0sinn(x)dx.Comenzamos con una integración por partes: si dejamosu=sinn−1(x)dv=sin(x)dxdu=(n−1)sinn−2(x)cos(x)dxv=−cos(x), entonces∫π0sinn(x)dx=−sinn−1(x)cos(x)|π0+(n−1)∫π0sinn−2(x)cos2(x)dx=(n−1)∫π0sinn−2(x)cos2(x)dx. Ahoracos2(x)=1−sin2(x), así tenemos∫π0sinn(x)dx=(n−1)∫π0sinn−2(x)(1−sin2(x))dx=(n−1)∫π0sinn−2(x)dx−(n−1)∫π0sinn(x)dx. Aviso que∫π0sinn(x)dx ocurre en ambos lados de esta ecuación. De ahí que podamos resolver para esta cantidad, primero obteniendon∫π0sinn(x)dx=(n−1)∫π0sinn−2(x)dx, y después∫π0sinn(x)dx=n−1n∫π0sinn−2(x)dx. Observar que, aunque aún no hemos encontrado el valor de nuestra integral, hemos reducido el poder desin(x) en la integral. Ahora podemos usar(2.6.14) repetidamente para reducir el poder desin(x) hasta que podamos evaluar fácilmente la integral resultante. Por ejemplo, sin=6 tenemos∫π0sin6(x)dx=56∫π0sin4(x)dx=5634∫π0sin2(x)dx=563412∫π0dx=5π16. Similarmente,∫π0sin5(x)dx=45∫π0sin3(x)dx=4523∫π0sin(x)dx=−815cos(x)|π0=1615.
Ejercicio2.6.15
Utilice la fórmula de reducción (2.6.14) para evaluar
∫π0sin8(x)dx.- Contestar
-
∫π0sin8(x)dx=35π128
Ejercicio2.6.16
Utilice la fórmula de reducción(2.6.14) para evaluar
∫π0sin7(x)dx.- Contestar
-
∫π0sin7(x)dx=3235
Ejercicio2.6.17
Derivar la fórmula de reducción
∫π0cosn(x)=n−1n∫π0cosn−2(x)dx,donden≥2 es un entero.
Ejercicio2.6.18
Utilizar la fórmula de reducción del ejercicio anterior para evaluar
∫π0cos6(x)dx.- Contestar
-
∫π0cos6(x)dx=5π16
Ejercicio2.6.19
Derivar las fórmulas de reducción
∫sinn(x)dx=−1nsinn−1(x)cos(x)+n−1n∫sinn−2(x)dxy∫cosn(x)dx=1ncosn−1(x)sin(x)+n−1n∫cosn−2(x)dx, donden≥2 es un entero.
Ejemplo2.6.13
Una alternativa al uso de una fórmula de reducción en el último ejemplo comienza con señalar que
∫π0sin5(x)dx=∫π0sin4(x)sin(x)dx=∫π0(sin2(x))2sin(x)dx=∫π0(1−cos2(x))2sin(x)dx=∫π0(1−2cos2(x)+cos4(x))sin(x)dx.Esta última integral ahora puede ser evaluada utilizando el cambio de variable que nosu=cos(x)du=−sin(x)dx, da∫π0sin5(x)dx=−∫−11(1−2u2+u4)du=∫1−1(1−2u2+u4)du=(u−23u3+15u5)|1−1=(1−23+15)−(−1+23−15)=1615, como vimos anteriormente.
Ejercicio2.6.20
Evaluar∫π40cos5(2x)dx.
- Contestar
-
∫π40cos5(2x)dx=415
sin((a+b)x)=sin(ax)cos(bx)+sin(bx)cos(ax)sin((a−b)x)=sin(ax)cos(bx)−sin(bx)cos(bx).
Sumando estos juntos, tenemos2sin(ax)cos(bx)=sin((a+b)x)+sin((a−b)x), y asísin(ax)cos(bx)=12(sin((a+b)x)+sin((a−b)x)).
Ejemplo2.6.14
Evaluar
∫π0sin(2x)cos(3x)dx,primero observamos que, usando(2.6.18) cona=2 yb=3,sin(2x)cos(3x)=12(sin(5x)+sin(−x))=12(sin(5x)−sin(x)). De ahí que∫π0sin(2x)cos(3x)dx=12∫π0sin(5x)dx−12∫π0sin(x)dx=−110cos(5x)|π0+12cos(x)|π0=(110+110)+(−12−12)=−45. para integrales que involucrensin(ax)sin(bx), comenzamos con las fórmulas de suma y resta del ángulo para coseno,cos((a+b)x)=cos(ax)cos(bx)−sin(bx)sin(ax)cos((a−b)x)=cos(ax)cos(bx)+sin(bx)sin(bx). restando el primero de estos del segundo, tenemos2sin(ax)sin(bx)=cos((a−b)x)−cos((a+b)x), y así sin(ax)sin(bx)=12(cos((a−b)x)−cos((a+b)x)).
Ejemplo2.6.15
Evaluar
∫π0sin(3x)sin(5x)dx,primero notamos que, usando(2.6.22) cona=3 yb=5,sin(3x)sin(5x)=12(cos(−2x)−cos(8x))=12(cos(2x)−cos(8x)). Tenga en cuenta que tendríamos la misma identidad si hubiéramos elegidoa=5 yb=3. Luego∫π0sin(3x)sin(5x)dx=12∫π0cos(2x)dx−12∫π0cos(8x)dx=14sin(2x)|π0−116sin(8x)|π0=0. Para integrales que involucrencos(ax)cos(bx), agregamos(2.6.19)(2.6.20) a para obtener2cos(ax)cos(bx)=cos((a+b)x)+cos((a−b)x), qué lleva a cos(ax)cos(bx)=12(cos((a+b)x)+cos((a−b)x)).
Ejemplo2.6.16
Evaluar
∫π20cos(3x)cos(5x)dx,observamos que, usando(2.6.24) cona=3 yb=5,cos(3x)cos(5x)=12(cos(8x)+cos(−2x))=12(cos(8x)+cos(2x)). Por lo tanto∫π20cos(3x)cos(5x)dx=12∫π20cos(8x)dx+12∫π20cos(2x)dx=116sin(8x)|π20−14sin(2x)|π20=0.
Ejercicio2.6.21
Evaluar∫π20sin(x)cos(2x)dx.
- Contestar
-
∫π20sin(2x)sin(x)dx=−13
Ejercicio2.6.22
Evaluar∫π20sin(x)sin(2x)dx.
- Contestar
-
∫π20sin(x)sin(2x)dx=23
Ejercicio2.6.23
Evaluar
∫π20sin(3x)cos(3x)dx.Nota: Esto puede ser evaluado con una sustitución.- Contestar
-
∫π20sin(3x)cos(3x)dx=16
Ejercicio2.6.24
Evaluar∫π20cos(x)cos(2x)dx.
- Contestar
-
∫π20cos(x)cos(2x)dx=13
Ejercicio2.6.25
Para cualquier número entero positivom yn, mostrar que
∫2π0sin(mx)cos(nx)dx=0,∫2π0sin(mx)sin(nx)dx={0, if m≠n,π if m=n,y∫2π0cos(mx)cos(nx)dx={0, if m≠n,π, if m=n.
2.6.4 Cambio de Variable Revisitada
Supongamos quef es una función continua en el intervalo[a,b] yφ es una función creciente definida en un intervalo[c,d] conφ(c)=a yφ(d)=b, o una función decreciente definida en[c,d] conφ(c)=b yφ(d)=a. Entonces,(2.6.5), cambiando la notación según sea necesario,
∫baf(x)dx=∫dcf(φ(z))φ′(z)dz.Anteriormente solíamos(2.6.25) simplificar las integrales en la forma del lado derecho; en esta sección veremos algunos ejemplos que simplifican en la otra dirección.
Ejemplo2.6.17
Dado que la gráfica dey=√1−x2 for0≤x≤1 es una cuarta parte del círculox2+y2=1 (see Figure 2.6.1), sabemos que
∫10√1−x2dx=π4.Ahora veremos cómo utilizar un cambio de variable para evaluar esta integral utilizando el teorema fundamental. La idea es hacer uso de la identidad trigonométrica Es1−sin2(z)=cos2(z). decir, supongamos que dejamosx=sin(z) para0≤z≤π2. Entonces√1−x2=√1−sin2(z)=√cos2(z)=|cos(z)|=cos(z), donde sigue la igualdad final ya quecos(z)≥0 por0≤z≤π2. Ahoradx=cos(z)dz,así que tenemos
∫10√1−x2dx=∫π20cos(z)cos(z)dz=∫π20cos2(z)dz=12∫π20(1+cos(2z))dz=12z|π20+14sin(2z)|π20=π4,como esperábamos.
Ejemplo2.6.18
DejarC ser el círculo con ecuaciónx2+y2=1 y dejar queL sea la longitud del arco más corto deC entre(−1√2,1√2) y(1√2,1√2) (ver Figura2.6.2). ya que la circunferencia deC es2π y este arco es un cuarto de la circunferencia deC, debemos tener AhoraL=π2. vamos a demostrar que esto concuerda con(2.5.28), la fórmula que derivamos para calcular la longitud del arco. Ahoray=√1−x2, así
dydx=12(1−x2)−12(−2x)=−x√1−x2.De√1+(dydx)2=√1+x21−x2=√1−x2+x21−x2=1√1−x2. ahí ahí, por(2.5.28),L=∫1√2−1√21√1−x2dx. Si dejamosx=sin(z)dx=cos(z)dz, entoncesL=∫π4−π41√1−sin2(z)cos(z)dz=∫π4−π4cos(z)√cos2(z)dz=∫−π4−π4cos(z)cos(z)dz=∫π4−π4dz=π2.
Ejercicio2.6.26
Utilizar el cambio de variablex=2sin(z) para evaluar
∫2−2√4−x2dx,
- Contestar
-
∫2−2√4−x2dx=2π
Ejercicio2.6.27
Evaluar∫1−22√16−x2dx.
- Contestar
-
∫2−22√16−x2dx=π6
Ejemplo2.6.19
En el Ejemplo 2.5.8 vimos que la longitudL del arco de la parábolay=x2 sobre el intervalo[0,1] es
L=∫10√1+4x2dx.No obstante, en ese momento no contábamos con los medios para evaluar esta integral. Ahora tenemos la mayoría, aunque no todas, de las herramientas necesarias. Para comenzar, primero haremos el cambio de variableu=2xdu=2dx, que nos daL=12∫20√1+u2du. A continuación, recordamos la identidad trigonométrica1+tan2(t)=sec2(t) (una consecuencia de dividir cada término de la identidadcos2(t)+sin2(t)=1 por lacos2(t)), cual es un indicio de que el cambio de variablex=tan(z)dx=sec2(z) podría ser de utilidad. Si dejamosα ser el ángulo para el quetan(α)=2, con0<α<π2, y señalar quetan(0)=0 y√1+tan2(z)=√sec2(z)=|sec(z)|=sec(z) (tenga en cuenta quesec(z)>0 since 0≤z≤π2), entoncesL=12∫α0sec(z)sec2(z)dz=12∫α0sec3(z)dz. podemos reducir la integral a la derecha usando una integración por partes: Dejandou=sec(z)dzdv=sec2(z)dxdu=sec(z)tan(z)dzv=tan(z), que tengamos∫α0sec3(z)dz=sec(z)tan(z)|α0−∫α0sec(z)tan2(z)dz=sec(α)tan(α)−∫α0sec(z)(sec2(z)−1)dz=2√5−∫α0sec3(z)dz+∫α0sec(z)dz, donde hemos usado el hecho de que tan(α)=2y1+tan2(α)=sec2(z) para encontrarsec(α)=√5. eso Ahora se deduce eso2∫α0sec3(z)dz=2√5+∫α0sec(z)dz, y así∫α0sec3(z)dz=√5+12∫α0sec(z)dz. De ahíL=√52+14∫α0sec(z)dz. Para esta integral reducida, notamos que∫α0sec(z)dz=∫α0sec(z)sec(z)+tan(z)sec(z)+tan(z)dz=∫α0sec2(z)+sec(z)tan(z)sec(z)+tan(z)dz, y así el cambio de variable nosw=sec(z)+tan(z)dw=(sec(z)tan(z)+sec2(z))dz da∫α0sec(z)dz=∫2+√511wdw. Así ahora tenemosL=√52+14∫2+√511wdw. Aunque muy simplificado de la integral con la que empezamos, sin embargo no podemos evaluar la integral restante con nuestras herramientas actuales. En efecto, podemos usar el teorema fundamental del cálculo para evaluar, para cualquier número racionaln, cualquier integral definida que impliquewn, excepto en el mismo caso que estamos enfrentando ahora, es decir, cuándon=−1. llenaremos este vacío en la siguiente sección, y terminaremos este ejemplo en ese momento (ver Ejemplo2.7.9).
Ejemplo2.6.20
Para un ejemplo más sencillo del cambio de variable utilizado en el ejemplo anterior, considere la integral
∫1−111+x2dx,el área bajo la curvay=11+x2 sobre el intervalo[−1,1] (see Figure 2.6.3). Si dejamosx=tan(z)dx=sec2(z)dz,y tenga en cuenta quetan(−π4)=−1 ytan(π4)=1, luego
∫1−111+x2dx=∫π4−π411+tan2(z)sec2(z)dz=∫π4−π4sec2(z)sec2(z)dz=∫π4−π4dz=π2.Deberías comparar esto con la simple aproximación que vimos en Ejemplo2.3.1.
Ejercicio2.6.28
Evaluar∫3−369+x2dx.
- Contestar
-
∫3−369+x2dx=π
Ejercicio2.6.29
Evaluar∫12−1211+4x2dx.
- Contestar
-
∫12−1211+4x2dx=π4
Ejercicio2.6.30
Mostrar que para cualquier entero positivon>2,
∫secn(x)dx=1n−1secn−2(x)tan(x)+n−2n−1∫secn−2(x)dx.